CF 282 C Helping People 题解
【原题】不贴了。
【废话】好久没写博客了。（我不会告诉你我是离线写的）于是来水经验来了。
【来源简述】CF 282 C
【原题简述】有N（10^5）个人，每个人有初始的钱。再给出M（5000）个操作L,R,P。每次表示L~R这些人有几率P（0
【算法简述】首先把这些操作建立出树结构（可以借鉴线段树）。节点i表示范围Li~Ri，它的父亲一定包含它，它也包含它的所有子树。为了方便，建立一个L=1,R=N,P=0的无效节点作为根。
观察到M的范围小，我们用f[i][j]表示在节点i表示的范围内，加的钱数的期望（注意原先的钱数可以用RMQ计算出）。至于为什么是最多（注意还是前缀和性质）加了j元的期望。
那么tmp[j]= ∏f[son][mx[i]+j-mx[son]];
mx[o]是原先区间o的最大钱数。
（这里就用到了f的前缀和性质了）
注意到求完后做一步tmp[j]-=tmp[j-1]，取消前缀和性质。
然后我们的任务是求出i的所有f值。
那么ans[i][j]=ans[i][j-1]+tmp[j-1]*p[i]+tmp[j]*(1-p[i]);
ans[i][j-1]:前缀和
tmp[j-1]*p[i]:由子树中得最大加j-1，且当前也加
tmp[j]*(1-p[i]):由子树中得最大加j,且当前不加
求完了所有的f[i][j]后，我们对于新加的点K，最后的ans满足
ANS=ans[m][0]*mx[m]+Σ (ans[m][i]-ans[m][i-1])*(mx[m]+i);
【*精华所得】类似于分治的树形算法。
【代码】
#include#include#include #define N 100005#define M 5005using namespace std;struct arr{int l,r;double p;}a[M];int f[N][18],mx[N],used[N],n,i,j,T,m,k;double ans[M][M],tmp[M],ANS;inline int ask(int x,int y){ int len=(int)log2(y-x+1); return max(f[x][len],f[y-(1=a[i].l&&a[j].r