A题：http://codeforces.com/contest/486/problem/A 分析：分析下奇偶就出来结果了 代码： #include #include #include #include #include #include #include #include #include #include #include #include #include #include #include #include #include #include #include using namespace std;typedef long long ll;const int N=100010;ll arr[N];ll dp[110][2];ll n,m;int main(){ while(cin>>n) { if(n&1) { cout B题： http://codeforces.com/contest/486/problem/B 分析：题目是说有一个01矩阵A，然后根据A可以得到矩阵B，规则是Bij=1如果i行或者j列至少有一个1，否则Bij为0. 现在已知B矩阵，求问能否找到一个合适的A矩阵。 可以看出，如果B矩阵元素是0，那么A矩阵中该元素所在的行和列肯定也要全为0，故此可以在最开始把A全部设置成1，再把B中为0的对应的行和列在A中设为0，最后再通过得到的A来求B，看是否一致，不一致的话，则返回NO 代码： #include #include #include #include #include #include #include #include #include #include #include #include #include #include #include #include #include #include #include using namespace std;typedef long long ll;const int N=100010;int a[110][110];int b[110][110];int c[110][110];ll n,m;int main(){ while(cin>>n>>m) { for(int i=0;i>a[i][j]; b[i][j]=1; } for(int i=0;i c题： http://codeforces.com/contest/486/problem/C 分析：题意是问要经过多少步使得给定字符串编程回文字符串，首先可以肯定得是，指针只需要在字符串的一半部分移动就行了，比如长度为8的字符串，当前位置为3，那么字符串最多也只要在位置为1234的地方进行改变就行了，因为该左边部分和改右边部分是等价的，但是去过指针在左边但是去改右边移动的步数会比较多，其次，如果都转换到当前指针在左边之后，还要判断指针是先左后右还是先右后左，两种不同的结果，同时要注意最左和最右需要走到那边，比如第1个位置和第8个位置是一样的，那么最左只需要走到第二个位置就行了。。。比赛时代码写的比较乱。。。 代码： #include #include #include #include #include #include #include #include #include #include #include #include #include #include #include #include #include #include #include using namespace std;typedef long long ll;const int N=100010;int a[110][110];int b[110][110];int c[110][110];int n,m;int main(){ while(cin>>n>>m) { string s; cin>>s; m = min(m,n+1-m); m--; int ret = 0; int start = 0; while(start=n-1-start) { cout=0&&s[start1]==s[n-1-start1]) start1--; if(start1=0) { int t1 = s[start1]-'a'; int t2 = s[n-1-start1]-'a'; int diff = max(t1,t2)-min(t1,t2); int t = min(diff,26-diff); if(t!=0) { ret1+=t; ret1+=abs(start1-last1); last1 = start1; } start1--; } ret = min(ret,ret1); cout D题： http://codeforces.com/contest/486/problem/D 比赛时没做。。。因为太晚了舍友要睡觉= =今天看了下题目，可以肯定得是树形DP,一般树形DP都是用dp[i]来表示以i为root节点得到的什么什么数。。。 参考了下别人的代码，这里用dfs(i)返回以i为节点，且i节点的权重最大的情况下，有多少个符合条件的子树，这样的话，只需要遍历每个节点，然后把每个节点当成root顶点，计算有多少符合条件的子树即可，要注意的是，这里可能会产生重复的字符，故需要用visited[i]来判断以i为root且最大为weight[i]的子树是否已经处理过 代码： #include #include #include #include #include #include #include #include #include #include #include using namespace std;typedef long long ll;const int mod = 1e9+7;const int N=3010;ll x,y,m,n,k;pair arr[N];bool deleted[N];string s;int a,b,c,d;vector v[N];bool visited[N];int weight[N];ll dfs(int cur,int par,int up,int down){ if(weight[cur]up) return 0; if(weight[cur]==up&&!visited[cur]) return 0; ll ans = 1; for(int i=0;i>d>>n) { for(int i=1;i>weight[i]; v[i].clear(); visited[i]=true; } for(int i=0;i>a>>b; v[a].push_back(b); v[b].push_back(a); } ll ans = 0; for(int i=1;i
